Ecuación Diferencial Ejercicios Resueltos Dennins G. Zill Capítulo 2.3 (Problema 20)

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Resolución de ED lineales Libro de Dennis G. Zill Ed 7ma.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                  {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                  {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 20)

{{(x+2)}^{2}}\frac{dy}{dx}=5-8y-4xy

Pasos:

I.                    El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de \frac{dy}{dx}   , que es “{{(x+2)}^{2}}   ”, los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “x”. Simplificamos.

\frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

\frac{dy}{dx}+\frac{8}{{{(x+2)}^{2}}}y+\frac{4x}{{{(x+2)}^{2}}}y=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}

\frac{dy}{dx}+\frac{8+4x}{{{(x+2)}^{2}}}y=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}

\frac{dy}{dx}+\frac{4(2+x)}{(x+2)(x+2)}y=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}

\frac{dy}{dx}+\frac{4}{(x+2)}y=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}

II.                  En el segundo paso encontramos el factor integrante: {{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{x} \right)\mathbf{dx}}},  

Para esto sustituimos el valor de P(x) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}   ,   donde:P(x)=\frac{4}{x+2}   . Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes y la división entre polinomios, vea el final del ejercicio.

{{e}^{4\mathop{\int }^{}\frac{1}{x+2}dx}}={{e}^{4\ln (x+2)}}

={{e}^{\ln {{(x+2)}^{4}}}}

={{(\text{x}+2)}^{4}}

III.                Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial:\frac{dy}{dx}+\frac{4}{(x+2)}y=0    . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}   , los valores de P(x)=\frac{4}{x+1}   , encontrado en el primer paso,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}   , siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{y}_{c}}=C{{e}^{-4\mathop{\int }^{}\frac{1}{x+1}dx}}

=C{{e}^{-4\ln (x+2)}}

=C{{e}^{\ln {{(x+2)}^{-4}}}}

=C{{(\text{x}+2)}^{-4}}

=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}

Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{y}_{c}}=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}

Se puede ver una solución particular y=-\frac{243}{{{(2+x)}^{4}}}    donde C=-243   . Notar que la función
{{y}_{c}}=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}, tiene como dominio más largo el intervalo: -2\le x\le \infty     (analizar el denominador de la función \frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}, (notar que el intervalo -\infty \le x\le -2    , es menor que el mencionado. El intervalo más largo de definición de UNA solución es: (-2~,\infty )   . El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo.

IV. En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del sistema no homogéneo:

El sistema no homogéneo, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dy}{dx}+\frac{4}{(x+2)}y=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}   , que representa la familia de soluciones particulares de la ED lineal. Para resolverla utilizamos la fórmula: {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx   , donde: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}=\frac{4}{(x+2)}    (obtenido en el punto ii.) y f\left( x \right)=\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}    obtenido en el punto i. Para ver de dónde salen estas siga el enlace siguiente: solución del sistema no homogeneo.

{{y}_{p}}=\frac{1}{{{(x+2)}^{4}}}\mathop{\int }^{}{{(x+2)}^{4}}\frac{5}{{{(x+2)}^{2}}}dx

 =\frac{5}{{{(x+2)}^{4}}}\mathop{\int }^{}{{(x+2)}^{2}}dx

 =\frac{5}{{{(x+2)}^{4}}}\mathop{\int }^{}({{x}^{2}}+4x+4)dx

 =\frac{5}{{{(x+2)}^{4}}}\mathop{\int }^{}{{x}^{2}}dx+4\mathop{\int }^{}xdx+4\mathop{\int }^{}dx

 =\frac{5}{{{\left( x+2 \right)}^{4}}}(\frac{{{x}^{3}}}{3}+4\frac{{{x}^{2}}}{2}4x)

 =\frac{5{{x}^{3}}}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}+\frac{10{{x}^{2}}}{{{\left( x+2 \right)}^{4}}}+\frac{20x}{{{(x+2)}^{4}}}

 =(\frac{5x}{{{\left( x+2 \right)}^{4}}})(\frac{1}{3}{{x}^{2}}+2x+4)

=\frac{5x({{x}^{2}}+6x+12)}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}

Gráfica de la familia de soluciones del sistema no homogéneo:

y=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}+\frac{5x({{x}^{2}}+6x+12)}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}

Se puede ver una solución particular y\left( x \right)=-\frac{824}{3{{(2+x)}^{4}}}+\frac{20x}{{{(2+x)}^{4}}}+\frac{10{{x}^{2}}}{{{(2+x)}^{4}}}+\frac{5{{x}^{3}}}{3{{(2+x)}^{4}}}, Donde: C=-\frac{824}{3}. Nuevamente notar que la función y=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}+\frac{5x({{x}^{2}}+6x+12)}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}, tiene como dominio el intervalo (más largo): (-2~,\infty ). Por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), el intervalo que contiene la solución de una ED, debe cumplir con 2 criterios: que la función esté definida y sea derivable en dicho intervalo.

Por tanto, la solución general de la ecuación diferencial ({{(x+2)}^{2}}\frac{dy}{dx}=5-8y-4xy, es:

y=\frac{C}{{{(x+2)}^{4}}}+\frac{5x({{x}^{2}}+6x+12)}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}

Recordar:

Logaritmos y exponenciales

a\ln x=\ln {{x}^{a}}

Debido a que:

y={{e}^{x}}    implica  x=\ln y    y además \ln y={{\log }_{e}}y    recordamos que la función x={{\log }_{e}}y   , es inversa de y={{e}^{x}}   , por tanto si multiplicamos esta última función por ln obtendremos:

\ln y=\ln {{e}^{x}}=x      y

{{e}^{x}}={{e}^{\ln y}}=y

Factorización

\left( \frac{5x}{{{\left( x+2 \right)}^{4}}} \right)\left( \frac{1}{3}{{x}^{2}}+2x+4 \right)=\left( \frac{5x}{{{\left( x+2 \right)}^{4}}} \right)\left( \frac{{{x}^{2}}+6x+12}{3} \right)=\frac{5x({{x}^{2}}+6x+12)}{3{{\left( x+2 \right)}^{4}}}

\frac{1}{3}{{x}^{2}}+2x+4=\frac{{{x}^{2}}+6x+12}{3}

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Ecuación Diferencial Ejercicios Resueltos Denninçs G. Zill Capítulo 2.3 (Problema 19)

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Resolución de ED lineales Libro de Dennis G. Zill Ed 7ma.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                   {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                   {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 19)

(\text{x}+1)\frac{dy}{dx}+\left( x+2 \right)y=2x{{e}^{-x}}

Pasos:

I.                    El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de \frac{dy}{dx}, que es “x+1”, los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “x”. Simplificamos.

\frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

\frac{dy}{dx}+\frac{x+2}{x+1}y=\frac{2x{{e}^{-x}}}{x+1}

II.                    En el segundo paso encontramos el factor integrante: {{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{x} \right)\mathbf{dx}}},

Para esto sustituimos el valor de P(x) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}},   donde:P(x)=\frac{x+2}{x+1}. Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes y la división entre polinomios, vea el final del ejercicio.

{{e}^{\mathop{\int }^{}\frac{x+2}{x+1}dx}}={{e}^{\mathop{\int }^{}\text{dx}+\mathop{\int }^{}\frac{1}{x+1}dx}}

={{e}^{x+\ln (x+1)}}

={{e}^{x}}{{e}^{\ln (x+1)}}

=\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}

III.                  Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial:\frac{dy}{dx}+\frac{x+2}{x+1}y=0 . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, los valores de P(x)=\frac{x+2}{x+1}, encontrado en el primer paso,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}\frac{x+2}{x+1}dx}}

=C{{e}^{\mathop{\int }^{}\text{dx}-\mathop{\int }^{}\frac{1}{x+1}dx}}

=C{{e}^{-\text{x}-\ln (x+1)}}

=C{{e}^{-\text{x}+\ln {{(x+1)}^{-1}}}}

=C{{e}^{-\text{x}}}{{e}^{\ln {{(x+1)}^{-1}}}}

=C{{(x+1)}^{-1}}{{e}^{-\text{x}}}

=C\frac{{{e}^{-\text{x}}}}{(x+1)}

Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{y}_{c}}=\frac{C{{e}^{-\text{x}}}}{(x+1)}

Se puede ver una solución particular y=-\frac{6{{e}^{1-x}}}{1+x} donde C=-6e. Notar que la función
{{y}_{c}}=\frac{C{{e}^{-\text{x}}}}{(x+1)} , tiene como dominio el intervalo: -1\le x\le \infty (analizar el denominador de la función \frac{C{{e}^{-\text{x}}}}{(x+1)}, pues aunque se nota una gráfica que aparece antes de -1 (gráfica en verde), esta también está indefinida en -1, por eso el intervalo más largo de definición de UNA solución es: (-1~,\infty ). El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo.

IV. En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del sistema no homogéneo:

El sistema no homogéneo, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dy}{dx}+\frac{x+2}{x+1}y=\frac{2x{{e}^{-x}}}{x+1}, que representa la familia de soluciones particulares de la ED lineal. Para resolverla utilizamos la fórmula: {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx, donde: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}=\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}} (obtenido en el punto ii.) y f\left( x \right)=\frac{2x{{e}^{-x}}}{x+1} obtenido en el punto iPara ver de dónde salen estas siga el enlace siguiente: solución del sistema no homogeneo.

{{y}_{p}}=\frac{1}{\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}}\mathop{\int }^{}\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}\frac{2x{{e}^{-x}}}{x+1}dx

=\frac{1}{\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}}\mathop{\int }^{}2xdx

=\frac{2}{\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}}\mathop{\int }^{}xdx

=\frac{2}{2\left( \text{x}+1 \right){{e}^{x}}}{{x}^{2}}

=\frac{{{x}^{2}}{{e}^{-x}}}{\left( \text{x}+1 \right)}

Gráfica de la familia de soluciones del sistema no homogeneo:

y=C\frac{{{e}^{-x}}}{(x+1)}+\frac{{{x}^{2}}{{e}^{-x}}}{\left( x+1 \right)}

Se puede ver una solución particular y\left( x \right)=-\frac{6{{\text{e}}^{1-x}}}{1+x}-\frac{{{\text{e}}^{-x}}}{1+x}+\frac{{{\text{e}}^{-x}}{{x}^{2}}}{1+x}, Donde: C=-1-6e. Nuevamente notar que la función y=C\frac{{{e}^{-x}}}{(x+1)}+\frac{{{x}^{2}}{{e}^{-x}}}{\left( x+1 \right)} , tiene como dominio el intervalo: (-1~,\infty ). Por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), el intervalo que contiene la solución de una ED, debe cumplir con 2 criterios: que la función esté definida y sea derivable en dicho intervalo.

Por tanto, la solución general de la ecuación diferencial (\text{x}+1)\frac{dy}{dx}+\left( x+2 \right)y=2x{{e}^{-x}}, es:

y=C\frac{{{e}^{-x}}}{(x+1)}+\frac{{{x}^{2}}{{e}^{-x}}}{\left( x+1 \right)}

Recordar:

Logaritmos y exponenciales

a\ln x=\ln {{x}^{a}}

Debido a que:

y={{e}^{x}}implica  x=\ln y y además \ln y={{\log }_{e}}y recordamos que la función x={{\log }_{e}}y, es inversa de y={{e}^{x}}, por tanto si multiplicamos esta última función por ln obtendremos:

\ln y=\ln {{e}^{x}}=x   y

{{e}^{x}}={{e}^{\ln y}}=y

División entre Polinomios

\frac{x+2}{x+1}=1+\frac{1}{x+1}

Ya que:

x+1\overset{1}{\overline{\left){\frac{x+2}{\frac{-x-1}{1}}}\right.}}

Lo que intenté escribirles es el algoritmo de la división, el “1”en la parte superior (sobre la “x”), es el entero resultante de dividir \frac{x}{x}=1, este es el “1” que usamos como parte del resultado, la línea debajo de x+2, es el resultado de multiplicar el “1” de la parte superior por x+1 e ir acomodando los términos debajo de sus correspondiente del dividendo, que en este caso es el mencionado término: x+2, al final, al cambiarle los signos a este resultado y sumarlos al mismo dividendo vemos que: x+2-x-1=1, este “1” es el que aparece hasta abajo, es el residuo, el cual es, junto con el divisor, la fracción: \frac{1}{x+1}, sumada al final.

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Ecuación Diferencial Ejercicios Resueltos Dennis G. Zill, Capítulo 2.3 (Problema 18)

Ecuación diferencial, ejercicios resueltos del libro: Dennis G. Zill 7ª Ed.

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Resolución de ED lineales Libro de Dennis G. Zill Ed 7ma.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                  {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                  {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 18)

{{\cos }^{2}}x\sin x\frac{dy}{dx}+\left( {{\cos }^{3}}x \right)y=1

Pasos:

I.                    El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de \frac{dy}{dx}, que es “{{\cos }^{2}}x~\sin x”, los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “x”. Simplificamos.

Las identidades trigonométricas las presento al final del ejercicio.

\frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

\frac{dy}{dx}+\frac{{{\cos }^{3}}x}{{{\cos }^{2}}x~\sin x}y=\frac{1}{{{\cos }^{2}}x~\sin x}

\frac{dy}{dx}+\frac{\cos x}{~\sin x}y=\frac{1}{{{\cos }^{2}}x~\sin x}

\frac{dy}{dx}+(\cot x)y={{\sec }^{2}}x\csc x

II.                    En el segundo paso encontramos el factor integrante: {{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{x} \right)\mathbf{dx}}},

Para esto sustituimos el valor de P(x) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}},   donde:P(x)=cotx. Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes vea el final del ejercicio.

{{e}^{\mathop{\int }^{}\cot xdx}}={{e}^{\ln (\sin x)}}

=\sin x

III.                  Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial:\frac{dy}{dx}+(\cot x)y=0 . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, los valores de P(x)=\cot x), encontrado en el primer paso,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}\cot xdx}}

=C{{e}^{-\ln (\sin x)}}

=C{{e}^{\ln {{(\sin x)}^{-1}}}}

=\frac{C}{\sin x}

=C\csc x

 Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{y}_{c}}=\frac{C}{\sin (x)}=C\csc (x)

Se puede ver una solución particular y=-3\csc (x)\sin (1) donde C=-3\sin (1)

Notar que la función
{{y}_{c}}=\frac{C}{sinx} , tiene como dominio todo el conjunto de los reales, con excepción de los valores de “x” que son múltiplos de  \frac{\pi }{2} en el sentido positivo y negativo, por eso el intervalo más largo de definición de UNA solución es: 0\le x\le \frac{\pi }{2}. Esto implica que cada {{90}^{{}^\circ }} (o lo que es lo mismo, cada \frac{\pi }{2} radianes), {{y}_{c}}=\infty . El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo. Para este caso el intervalo más largo de solución es(0~,\frac{\pi }{2}).

IV.                    En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del sistema no homogéneo:

El sistema no homogéneo, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dy}{dx}+(\cot x)y={{\sec }^{2}}x\csc x, que representa la familia de soluciones particulares de la ED lineal. Para resolverla utilizamos la fórmula: {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx, donde: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}=\sin x (obtenido en el punto ii.) y f\left( x \right)={{\sec }^{2}}x\csc x obtenido en el punto iPara ver de dónde salen estas siga el enlace siguiente: solución del sistema no homogeneo.

{{y}_{p}}=\frac{1}{\sin x}\mathop{\int }^{}\sin x({{\sec }^{2}}x\csc x)dx

=\csc x\mathop{\int }^{}\sin x({{\sec }^{2}}x\frac{1}{\sin x})dx

=\csc x\mathop{\int }^{}{{\sec }^{2}}xdx

=\cos x\tan x

=\frac{1}{\cos x}

=\sec x

Gráfica de la familia de soluciones del sistema no homogeneo:

y=Ccscx+secx

Se puede ver una solución particular y\left( x \right)=\text{Sec}(x)-3\text{Csc}(x)\text{Sin}(1)-\text{Csc}(x)\text{Tan}(1),

Donde: C=3\sin (1)-\tan (1). Nuevamente notar que la función y=Ccscx+secx , tiene como dominio el intervalo: (0~,\frac{\pi }{2}). Por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), el intervalo que contiene la solución de una ED, debe cumplir con 2 criterios: que la función esté definida y sea derivable en dicho intervalo.

 Por tanto, la solución general de la ecuación diferencial {{\cos }^{2}}x\sin x\frac{dy}{dx}+\left( {{\cos }^{3}}x \right)y=1, es:

\huge y=Ccscx+secx

Recordar:

Logaritmos y exponenciales

a\ln x=\ln {{x}^{a}}

Debido a que:

y={{e}^{x}}implica  x=\ln y y además \ln y={{\log }_{e}}y recordamos que la función x={{\log }_{e}}y, es inversa de y={{e}^{x}}, por tanto si multiplicamos esta última función por ln obtendremos:

\ln y=\ln {{e}^{x}}=x   y

{{e}^{x}}={{e}^{\ln y}}=y

Identidades Trigonométricas

\frac{1}{\cos x}=\sec x,

\frac{\cos x}{\sin x}=\cot x

\frac{1}{{{\cos }^{2}}x~}={{\sec }^{2}}x

\frac{1}{\sin x}=\csc x

Fórmulas de Integración

\mathop{\int }^{}\tan xdx=-\ln \cos x+C=\ln \sec x+C

\mathop{\int }^{}\cot xdx=-\ln \sin x+C

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Ecuación Diferencial Ejercicios Resueltos Dennis G. Zill, Capítulo 2.3 (Problema 17)

Ecuación diferencial, ejercicios resueltos del libro: Dennis G. Zill 7ª Ed.

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                  {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                  {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 17)

\cos x\frac{dy}{dx}+\left( \sin x \right)y=1

Pasos:

I.                    El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de \frac{dy}{dx}, que es “\cos x” , los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “x”.

\frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

\frac{dy}{dx}+\frac{\sin x}{\cos x}y=\frac{1}{\cos x}

II.                    En el segundo paso encontramos el factor integrante: {{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{x} \right)\mathbf{dx}}},

Para esto sustituimos el valor de P(x) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}},   donde:P(x)=\frac{\sin x}{\cos x}=\tan x. Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes vea el final del ejercicio.

{{e}^{\mathop{\int }^{}\frac{\sin x}{\cos x}dx}}={{e}^{\mathop{\int }^{}\tan xdx}}

={{e}^{-\ln (\cos x)}}

={{e}^{\ln {{(\cos x)}^{-1}}}}

={{(\cos x)}^{-1}}

=\frac{1}{\cos x}

=\sec x

III.                  Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dy}{dx}+\frac{\sin x}{\cos x}y=0 . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, los valores de P(x)=\frac{\sin x}{\cos x}=\tan x, encontrado en el primer paso,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}, siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}\tan xdx}}

=C{{e}^{\ln (\cos x)}}

=C\cos x

Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{y}_{c}}=C\cos x

Se puede ver una solución particular y=-3\cos x\sec 1 donde C=-3\sec 1

Notar que la función
{{y}_{c}}=C\cos x , tiene como dominio -\frac{\pi }{2}<x<\frac{\pi }{2}. Ya que cuando x=\frac{\pi }{2}, o un múltiplo entero de este, {{y}_{c}}=0 únicamente, es decir, {{y}_{c}} no está definida para otro valor que no sea cero cuando “x” si lo es, por eso, para este caso el intervalo más largo de solución es (-\frac{\pi }{2},\frac{\pi }{2}). El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo.

IV.                    En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del sistema no homogéneo:

El sistema no homogéneo, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dy}{dx}+\frac{\sin x}{\cos x}y=\frac{1}{\cos x}, que representa la familia de soluciones particulares de la ED lineal. Para resolverla utilizamos la fórmula: {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx, donde: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}=\sec x (obtenido en el punto ii.) y f\left( x \right)=\frac{1}{\cos x} obtenido en el punto i. Para ver de dónde salen estas siga el enlace siguiente: solución del sistema no homogeneo.

{{y}_{p}}=\frac{1}{\sec x}\mathop{\int }^{}\sec x(\frac{1}{\cos x})dx

=\frac{1}{\sec x}\mathop{\int }^{}{{(\sec x)}^{2}}dx

=\frac{1}{\sec x}(\tan x)

=\cos x(\frac{\sin x}{\cos x})

=\sin x

Gráfica de la familia de soluciones del sistema no homogeneo:

y=C~cosx+sinx

Se puede ver una solución particular y\left( x \right)=-3\cos x\sec 1+\sin x-\cos x\tan 1,

Donde: C=-3\sec 1-\tan 1. Nuevamente notar que la función y=C~cosx+sinx , tiene como dominio el intervalo:~(-\frac{\pi }{2},\frac{\pi }{2}). Por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), el intervalo que contiene la solución de una ED, debe cumplir con 2 criterios: que la función esté definida y sea derivable en dicho intervalo. En el siguiente enlace podemos ver la diferencia entre el intervalo de solución de la solución general y el intervalo de solución de una solución particular.

Por tanto, la solución general de la ecuación diferencial y{{x}^{'}}-4\left( x+{{y}^{6}} \right)dx=0, es:

y=C\cos x+\sin x

Recordar:

– Logaritmos y exponenciales

a\ln x=\ln {{x}^{a}}

Debido a que:

y={{e}^{x}}implica  x=\ln y y además \ln y={{\log }_{e}}y recordamos que la función x={{\log }_{e}}y, es inversa de y={{e}^{x}}, por tanto si multiplicamos esta última función por ln obtendremos:

\ln y=\ln {{e}^{x}}=x   y

{{e}^{x}}={{e}^{\ln y}}=y

– Identidades Trigonométricas

\frac{1}{\cos x}=\sec x,

– Fórmulas de Integración

\mathop{\int }^{}\tan xdx=-\ln \cos x+C=\ln \sec x+C

Necesitas mas ejemplos?

Ve el siguiente ejemplo para reconocer la diferencial entre el intervalo de solución de una solución particular y el intervalo de solución de la función, solución general.

Otro caso de Intervalo de solución particular, donde la función solución general, tiene un intervalo diferente del intervalo de solución de una solución particular.

Ve al ejemplo siguiente: Ecuación diferencial capitulo-2.3 (Ecuaciones Diferenciales Lineales) del libro de Dennis G. Zil. Problema18

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Ecuación Diferencial Ejercicio Resuelto, Dennis G. Zill, Capítulo 2.3 (problema 16)

Ecuación diferencial, ejercicios resueltos del libro: Dennis G. Zill 7ª Ed.

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Resolución de ED lineales Libro de Dennis G. Zill Ed 7ma.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                  {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                   {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 16)

a). ydx=(y{{e}^{y}}-2x)dx

Pasos:

I.                    El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

En este caso identificamos que la variable independiente es la que usualmente es la variable dependiente, es decir, “y” es la variable independiente y “x” es la dependiente. Esto lo podemos fácilmente notar en una ED lineal de 1er orden (expresada explícitamente), si nos percatamos de que el coeficiente que se encuentra al frente de la derivada de “dx” depende solo de una variable y esta es contraria a “x”.

\frac{dx}{dy}+P\left( y \right)x=f(y)

y\frac{dx}{dy}=(y{{e}^{y}}-2x),

\frac{dx}{dy}-\frac{(y{{e}^{y}}-2x)}{y}=0

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de , que es “y”[ecuación a)], los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “y”.

Por último agrupamos términos semejantes y simplificamos.

\frac{dx}{dy}-{{e}^{y}}+2\frac{x}{y}=0

\frac{dx}{dy}+\frac{2}{y}x={{e}^{y}}

II.                    En el segundo paso encontramos el factor integrante: {{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{y} \right)\mathbf{dy}}},  

Para esto sustituimos el valor de P(y) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}},   donde: P(y)=\frac{2}{y}. Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes vea el final del ejercicio.

{{e}^{2\mathop{\int }^{}\frac{dy}{y}}}={{e}^{2\ln y}}

={{e}^{\ln {{y}^{2}}}}

={{y}^{2}}

III.                  Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dx}{dy}-\frac{4x}{y}=0 . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{x}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}, los valores de P(y)=~-\frac{4}{y}, encontrado en el primer paso, con anterioridad,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{x}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}, siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{x}_{c}}=C{{e}^{\left( - \right)2\mathop{\int }^{}\frac{dy}{y}}}

=C{{e}^{-2\ln y}}

=C{{e}^{\ln {{y}^{-2}}}}

=C{{y}^{-2}}

=\frac{C}{{{y}^{2}}}

Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{x}_{c}}=\frac{C}{{{y}^{2}}}

Sistema homogeneo asociado

Notar que la función {{x}_{c}}=\frac{C}{{{y}^{4}}} , tiene como dominio todo el conjunto de los números reales, excepto x=0. El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo. Para este caso el intervalo más largo de solución es (-\infty ~,~0) ó (0~,~\infty ).

IV.                    En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del Sigue leyendo

Ecuación Diferencial Ejercicios Resueltos Dennis G Zill Capítulo 2.3 (problema 15)

Ecuación diferencial, ejercicios resueltos del libro: Dennis G. Zill 7ª Ed.

El siguiente método te ayudará a resolver cualquier tipo de ED lineal de primer orden en 4 pasos sencillos, utilízalo varias veces antes de tatar entenderlo, es mi recomendación, posteriormente podrás ver con mayor facilidad de donde salen las ecuaciones, aquí las explicaremos.

Método: Factor Integrante

1. Forma Standard:  \frac{dy}{dx}+P\left( x \right)y=f(x)

2. Factor Integrante: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

Forma de solución: y={{y}_{c}}+{{y}_{p}}

3.                                  {{y}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}

4.                                   {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx

Ejercicios 2.3 Libro Dennis G. Zill (Problema 15)

a) y{{x}^{'}}-4\left( x+{{y}^{6}} \right)dx=0

Pasos:

I. El primer paso consiste en escribir la forma estándar de la ED a resolver:

En este caso identificamos que la variable independiente es la que usualmente es la variable dependiente, es decir, “y” es la variable independiente y “x” es la dependiente. Esto lo podemos fácilmente notar en una ED lineal de 1er orden (expresada explícitamente), si nos percatamos de que el coeficiente que se encuentra al frente de la derivada de “dx” depende solo de una variable y esta es contraria a “x”.

Dividimos, entonces, entre el coeficiente de , que es “y”[ecuación a)], los coeficientes de los demás términos de la ecuación que dependen de “y”.

Por último agrupamos términos semejantes y simplificamos.

\frac{dx}{dy}+P\left( y \right)x=f(y)

\frac{dx}{dy}-\frac{4(x+{{y}^{6}})}{y}=0,

\frac{dx}{dy}-\frac{4x}{y}-\frac{4{{y}^{6}}}{y}=0

\frac{dx}{dy}-\frac{4x}{y}=4{{y}^{5}}

II. En el segundo paso encontramos el factor integrante:

Para esto sustituimos el valor de P(y) en {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}},   donde: P(y)=-\frac{4}{y}. Para recordar las formulas integrales y el manejo de las funciones trascendentes vea el final del ejercicio.

{{\mathbf{e}}^{\mathop{\int }^{}\mathbf{P}\left( \mathbf{y} \right)\mathbf{dy}}},  

{{e}^{-4\mathop{\int }^{}\frac{dy}{y}}}={{e}^{-4\ln y}}

={{e}^{\ln {{y}^{-4}}}}

={{y}^{-4}}

III. Como tercer paso, encontramos la familia de soluciones del sistema homogéneo asociado:

Recordemos que el sistema homogéneo asociado, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dx}{dy}-\frac{4x}{y}=0 . Para resolverla sustituimos en la fórmula: {{x}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}, los valores de P(y)=~-\frac{4}{y}, encontrado en el primer paso, con anterioridad,  y desarrollamos. Para esclarecer de donde sale la fórmula {{x}_{c}}=C{{e}^{-\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}, siga el siguiente enlace: Solución del sistema homogéneo asociado.

{{x}_{c}}=C{{e}^{\left( - \right)-4\mathop{\int }^{}\frac{dy}{y}}}

=C{{e}^{4\ln y}}

=C{{e}^{\ln {{y}^{4}}}}

=C{{y}^{4}}

Grafica de la familia de soluciones del sistema homogeneo asociado:

{{x}_{c}}=C{{y}^{4}}

Se puede ver una solución particular x=-3{{y}^{4}}, donde C=-3

Notar que la función {{x}_{c}}=C{{y}^{4}} , tiene como dominio todo el conjunto de los números reales. El intervalo de definición de una solución, por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), necesita cumplir al menos 2 criterios para ser considerado válido: 1. Que la función solución que se encuentra esté definida en él (no necesariamente continua, una función definida por partes también puede calificar), y 2. Que esta función sea, también, derivable dentro del intervalo.

IV. En el cuarto paso, encontramos una solución particular a partir del sistema no homogéneo:

El sistema no homogéneo, en este caso, es la ecuación diferencial: \frac{dx}{dy}-\frac{4x}{y}=4{{y}^{5}}, que representa la familia de soluciones particulares de la ED lineal. Para resolverla utilizamos la fórmula: {{x}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}f(y)dy           , donde: {{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}={{y}^{-4}} (obtenido en el punto ii.) y f\left( y \right)=4{{y}^{5}}, obtenido en el punto i. Notar que la fórmula:

{{x}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( y \right)dy}}f(y)dy               , es solo la contraparte de la fórmula: {{y}_{p}}=\frac{1}{{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}}\mathop{\int }^{}{{e}^{\mathop{\int }^{}P\left( x \right)dx}}f(x)dx , para ver de dónde salen estas siga el enlace siguiente:

solución del sistema no homogeneo.

{{x}_{p}}=\frac{1}{{{y}^{-4}}}\mathop{\int }^{}{{y}^{-4}}(4{{y}^{5}})dx

=\frac{4}{{{y}^{-4}}}\mathop{\int }^{}\text{y}dx

=\frac{4}{{{y}^{-4}}}(\frac{1}{2}{{y}^{2}})

=2{{y}^{6}}

Gráfica de la familia de soluciones del sistema no homogeneo:

x=C{{y}^{4}}+2{{y}^{6}}

Se puede ver una solución particular x\left( y \right)=-5{{y}^{4}}+2{{\text{y}}^{6}},

Donde: C=-5. Nuevamente notar que la función x=C{{y}^{4}}+2{{y}^{6}} , tiene como dominio todo el conjunto de los números reales. Por definición (ver Intervalo de definición de una solución I), el intervalo que contiene la solución de una ED, debe cumplir con 2 criterios: que la función esté definida y sea derivable en dicho intervalo.

Por tanto, la solución general de la ecuación diferencial y{{x}^{'}}-4\left( x+{{y}^{6}} \right)dx=0, es:

\huge x=C{{y}^{4}}+2{{y}^{6}}

Notar que:

a\ln x=\ln {{x}^{a}}

Debido a que:

y={{e}^{x}}implica  x=\ln y y además \ln y={{\log }_{e}}y recordamos que la función x={{\log }_{e}}y, es inversa de y={{e}^{x}}, por tanto si multiplicamos esta última función por ln obtendremos:

\ln y=\ln {{e}^{x}}=x   y

{{e}^{x}}={{e}^{\ln y}}=y